汉中中学
本篇文章将通过具体例题的解析,由浅入深的呈现出如何通过构造函数解决不等关系的比较,不等式的证明这类题目进行解决。
1.比较的大小。
解析:设函数,因为
,所以函数在第一象限单调递增,
,所以
分析:观察已知条件,发现指数相同,可以把看成幂函数值。
启发:比较大小的两个数值,若底数相同,构建指数函数;若指数相同,构建幂函数;同类思想,可以构建所学的基本函数解决相关问题。
2.若,
,
,则()
A.a
解析:因为,
,
,所以选A。
分析:这道题的难点在于大小的比较,由于任意角的三角函数定义是通过单位圆刻画的,所以我们可以建立单位圆模型,将
数值的大小有形化为线段与弧长长短的比较。具体过程如下:
由任意角正弦值的定义可得 ,
由弧长的计算公式可得。因为
,即
所以,
。
启发:对于非特殊角三角函数值,我们可以通过建立单位圆模型,使得三角函数值以正弦线,余弦线,正切线线段,弧长具像呈现出来,借助线段,弧长长短的比较解决非特殊角三角函数值大小的比较的问题。
解析:答案 B
设函数则
,由
,可得
,所以
,所以
单调递增,则
,即
。
分析:这道题的难点在于由已知条件,借助
构建
。结合考虑所要解决的问题:
大小,可转化为
大小的比较,与所构建函数形式统一,从而解决问题。
启发:这是一道导数型构建函数模型,对于这类题目的解决,我们要把握已知条件中含导数的不等式,其实它等价于含导数式子的正负性,我们结合所要解决的问题外在形式,构建函数模型,使得对其求导后,能由已知条件的正负得到构建函数的导函数的正负,从而得到函数的单调性,利用函数单调性解决大小比较的问题。
解析:答案 B
因为所以
。
设,则
。
设 ,则
所以在
上单调递减。当
时,
所以
即
故
在
上单调递减。因为
,所以
。
分析:可以先对已知条件进行整理,将含的式子分置于等式两边,通过形式的同构,将原式转化为不等关系,从而构造出函数模型,将不等关系转化为函数值的大小,即可通过研究函数单调性得到自变量之间的大小关系。
本题有两个难点:
①利用对数的运算性质,将原式进行整理,使得含a,b的式子分别位于等式两边;
②用同构函数的思想,对原式进行适当放缩,将题目转化为已知函数值大小,从而利用函数单调性,得到自变量之间的大小比较。
启发:建立同构函数思想,对所求解问题外在形式进行适当的变形(等价变形,适当放缩),使得外在结构一致,即可构建出函数。
5.已知函数f(x)=aln x+x.
(1)讨论f(x)的单调性; (2)当a=1时,证明:.
解析:f(x)的定义域为(0,+∞), f′(x)=+1=.
当a≥0时,f′(x)>0,所以f(x)在(0,+∞)上是增加的.
当a<0时,若x∈(-a,+∞),则f′(x)>0;
若x∈(0,-a),则f′(x)<0. 所以f(x)在(-a,+∞)上是增加的, 在(0,-a)上是减少的.
综上所述,当a≥0时,f(x)在(0,+∞)上是增加的;当a<0时,f(x)在(-a,+∞)上是增加的,在(0,-a)上是减少的.
(2)证明 当a=1时,要证 ,即证
,即证
.
令函数g(x)=1+,则.
令g′(x)>0,得x∈(0,e);令g′(x)<0,得x∈(e,+∞).
所以g(x)在(0,e)上是增加的,在(e,+∞)上是减少的,所以g(x)max=g(e)=1+,
令函数,则
.当x∈(0,2)时,h′(x)<0;
当x∈(2,+∞)时,h′(x)>0.所以h(x)在(0,2)上是减少的,在(2,+∞)上是增加的,
所以.因为
,所以h(x)min>g(x)max,
即,从而
得证.
分析:在第二问的解答中,将不等式转化为两个函数的最值进行比较,指数对数分置不等号两边,由,证明
成立。
本题需要突破两个难点:
①指对分离,熟悉超越函数模型。
②成立是
的必要不充分条件。
启发:建立指对分离,异构函数的数学思想方法。建立不同函数模型,用最值之间的关系,达到对不等式的证明。
我们通过几个例题展示了从不同角度构造出函数模型,利用函数的单调性,最值来解决比大小,不等式证明相关问题。在同构函数问题上,都有一个共同方向,通过观察,变形,放缩等方法,寻求外在形式的统一性,抽象出对应的函数模型。在异构函数方法的应用中,往往可以指对分离,对基本初等函数及超越函数熟悉的前提下,将分离的函数进行适当的变形,使其最值可以求解出来,通过各自最值的比较达到不等式关系的证明。用这种方法证明不等式,需再次强调,成立是
的必要不充分条件。